Проблема Гольдбаха Теорема теории чисел, получившая в дальнейшем название «проблема Гольдбаха», выдвинута Х.Гольдбахом в 1742 году и лишь в 1937 году И.М.Виноградов доказал ее для достаточно больших нечетных чисел, но в общем виде она оставалась недоказанной. ТЕОРЕМА. Любое целое положительное число х, большее или равное 6 (х ≥6) можно представить в виде суммы трех простых чисел. ДОКАЗАТЕЛЬСТВО. Возможны два случая: х - четное или х - нечетное. Простыми числами являются «2» и некоторые нечетные числа. Если х - четное, то для х=6 утверждение теоремы проверяется непосредственно: 6=2+2+2. Для х≥8 данное представление будет выражаться в виде х=2+b+с, где b и с – простые нечетные числа (b и с могут быть равны между собой). Докажем это методом математической индукции. Для начального случая х=8 это утверждение верно: 8=2+3+3. Также для начального случая верно представление в виде x=m+n, где m и n - простые нечетные числа: 8=5+3. Предположим, что некоторое четное число можно представить в виде x=2+b+c=m+n, где b, с, m, n - простые нечетные числа (некоторые их них могут быть равны между собой). Тогда x+2=2+b+c+2=2+m+n. Другими словами, х+2 также можно представить как сумму трёх простых чисел: 2, m, n. Если n - нечетное, то для х=7 утверждение теоремы проверяется непосредственно: 7=2+2+3. Для х≥ 9 данное представление будет выражаться в виде х=а+b+с, где а, b, с - простые нечетные числа (они могут быть равны между собой). Докажем это методом математической индукции. Для начального случая х=9 это утверждение верно: 9=3+3+3. Предположим, что некоторое нечетное число можно представить в виде х=а+b+с, где а, b, с - простые нечетные числа (некоторые из них могут быть равны между собой). Тогда х+2=2+а+b+с. Так как а и b - нечетные числа, то (а+b+2) - четное число. По доказанному выше, любое четное число можно представить в виде х=2+m+n, где m, n - простые нечетные числа. Тогда любое четное число (х-2) можно представить в виде (x-2)=m+n. Значит (2+a+b)=m+n. Тогда x+2=(2+a+b)+c=m+n+c. Другими словами, (х+2) также можно представить как сумму трех простых чисел: m, n, с. Таким образом, любое целое число х≥6 можно представить в виде суммы трёх простых чисел. Теорема доказана.http://www.mathforum.ru/forum/read/1/104176/104176/#104176Sat, 16 May 2026 07:44:38 +0300 Phorum 5.2.10 http://www.mathforum.ru/forum/read/1/104176/104182/#104182 a^30http://www.mathforum.ru/forum/read/1/104176/104182/#104182
Цитата
alexx223344
6*(k + t) + (p3 + p6)
А вот это на них не похоже? Какие-то еще есть?

Я предпочитаю доказывать гипотезу показом всех Characteristic polynomial

для любого четного числа что легко в осмыслении .
.https://www.facebook.com/photo/?fbid=6366732480018450&set=gm.2976405492643105

Характеристический многочлен матрицы я искал этот инструмент в начале исследования чисел,
он лучше всех подходит для показа схем произведения,сумм,степени которые надобно обуздать
для идеальной работы чисел.]]> ammo77 Высшая математикаSat, 11 Sep 2021 16:33:55 +0300 http://www.mathforum.ru/forum/read/1/104176/104181/#104181 Некоторые такие суммы указаны.http://www.mathforum.ru/forum/read/1/104176/104181/#104181А вот это на них не похоже? Какие-то еще есть?]]> alexx223344 Высшая математикаSat, 11 Sep 2021 16:10:55 +0300 http://www.mathforum.ru/forum/read/1/104176/104179/#104179 a^30http://www.mathforum.ru/forum/read/1/104176/104179/#104179
Цитата
alexx223344
6k + 0 = p1 + p2 = (6a + 1) + (6b - 1)
6m + 1 = p1 + p2 + p3 = 6(m - q) + p3 = 6k + p3
6n + 2 = p4 + p5 = 6k + p3 + 6t+ p3 = 6*(k + t) + 2*p3 = 6k + p3 + 6t+ p6 = 6*(k + t) + (p3 + p6)
6r + 3 = p7 + p8 + p9 = (6s + 0) + p10(==3)
6u + 4 = p11 + p12 = (6c - 1) + (6d - 1)
6w + 5 = p13 + p14 + p15 = (6e - 1) + (6g - 1) + (6h + 1)
А вот это всегда ли будет?
6k + 0 = p1 + p2 = (6a + 1) + (6b - 1) ??

По суммированию 6n образуется последовательность с неиспользованными простыми превышающую последовательность четных чисел покрытую суммой 2 ух простых с константой 2.1666666 .
Кроме сего факта существует суммирование вычетов для отдельных видов четных чисел с отдельным комплектом простых чисел .]]> ammo77 Высшая математикаSat, 11 Sep 2021 15:34:46 +0300 http://www.mathforum.ru/forum/read/1/104176/104178/#104178 p1 + p2http://www.mathforum.ru/forum/read/1/104176/104178/#1041786m + 1 = p1 + p2 + p3 = 6(m - q) + p3 = 6k + p3
6n + 2 = p4 + p5 = 6k + p3 + 6t+ p3 = 6*(k + t) + 2*p3 = 6k + p3 + 6t+ p6 = 6*(k + t) + (p3 + p6)
6r + 3 = p7 + p8 + p9 = (6s + 0) + p10(==3)
6u + 4 = p11 + p12 = (6c - 1) + (6d - 1)
6w + 5 = p13 + p14 + p15 = (6e - 1) + (6g - 1) + (6h + 1)
А вот это всегда ли будет?
6k + 0 = p1 + p2 = (6a + 1) + (6b - 1) ??]]> alexx223344 Высшая математикаSat, 11 Sep 2021 15:23:03 +0300 http://www.mathforum.ru/forum/read/1/104176/104177/#104177 a^30http://www.mathforum.ru/forum/read/1/104176/104177/#104177 ammo77 Высшая математикаSat, 11 Sep 2021 14:26:53 +0300 http://www.mathforum.ru/forum/read/1/104176/104176/#104176 Проблема Гольдбахаhttp://www.mathforum.ru/forum/read/1/104176/104176/#104176ТЕОРЕМА.
Любое целое положительное число х, большее или равное 6 (х ≥6) можно представить в виде суммы трех простых чисел.
ДОКАЗАТЕЛЬСТВО.
Возможны два случая: х - четное или х - нечетное.
Простыми числами являются «2» и некоторые нечетные числа. Если х - четное, то для х=6 утверждение теоремы проверяется непосредственно: 6=2+2+2. Для х≥8 данное представление будет выражаться в виде х=2+b+с, где b и с – простые нечетные числа (b и с могут быть равны между собой). Докажем это методом математической индукции. Для начального случая х=8 это утверждение верно: 8=2+3+3. Также для начального случая верно представление в виде x=m+n, где m и n - простые нечетные числа: 8=5+3. Предположим, что некоторое четное число можно представить в виде x=2+b+c=m+n, где b, с, m, n - простые нечетные числа (некоторые их них могут быть равны между собой). Тогда x+2=2+b+c+2=2+m+n. Другими словами, х+2 также можно представить как сумму трёх простых чисел: 2, m, n.
Если n - нечетное, то для х=7 утверждение теоремы проверяется непосредственно: 7=2+2+3. Для х≥ 9 данное представление будет выражаться в виде х=а+b+с, где а, b, с - простые нечетные числа (они могут быть равны между собой). Докажем это методом математической индукции. Для начального случая х=9 это утверждение верно: 9=3+3+3. Предположим, что некоторое нечетное число можно представить в виде х=а+b+с, где а, b, с - простые нечетные числа (некоторые из них могут быть равны между собой). Тогда х+2=2+а+b+с. Так как а и b - нечетные числа, то (а+b+2) - четное число. По доказанному выше, любое четное число можно представить в виде х=2+m+n, где m, n - простые нечетные числа. Тогда любое четное число (х-2) можно представить в виде (x-2)=m+n. Значит (2+a+b)=m+n. Тогда x+2=(2+a+b)+c=m+n+c. Другими словами, (х+2) также можно представить как сумму трех простых чисел: m, n, с.
Таким образом, любое целое число х≥6 можно представить в виде суммы трёх простых чисел. Теорема доказана.]]> sukhikh Высшая математикаSat, 11 Sep 2021 13:53:51 +0300