Цитата
ammo77

Цитата
alexx223344

Цитата
r-aax

Цитата
ammo77

Цитата
alexx223344

Цитата
ammo77

Цитата
alexx223344
Да, только уравнение или логические заключения не должны содержать чисел более указанного.

Жду сумму .

Можете показать такое уравнение и доказать для степ 3 данными числами? <= 43*120

Покажи просто любую a^n+b^n=c^n замени просто на числа.

ammo77 предлагает доказать ВТФ, подставив в уравнение числа ))
А если кто не согласен, то пусть приведет контрпример? ))

Нет, так можно сделать, но тогда придется туда подставить все существующие числа во всех комбинациях, и тогда вопрос, хватит ли времени у ammo77 чтобы проверить все комбинации?

Подсказка 1 -

Чтобы доказать при всех комбинациях, необходимо найти такую закономерность, которая при минимуме действий, покажет отсутствие решений во всей бесконечности.

Циклы что либо другое показывают ?

Внизу такая модулярная форма по некому модулю для степени ,любое бесконечное поведение их доказывается,вычисляется и составляется для любых
слагаемых мгновенно , его не легко строит без некоторых знании .

Она мощней и удобней любых методов для степеней известных вам---
симметрии хотя бы понаблюдайте и может поймете как составлять ,я специально не показываю а^n .

https://postimg.cc/nX2tSW12

Квантовая и струнная теория игрушка по сравнению модулярных форм .

Треугольник Хаяма-Паскаля тоже игрушка по сравнению с показанной таблицей.

Цитата
alexx223344

Цитата
r-aax

Цитата
ammo77

Цитата
alexx223344

Цитата
ammo77

Цитата
alexx223344
Да, только уравнение или логические заключения не должны содержать чисел более указанного.

Жду сумму .

Можете показать такое уравнение и доказать для степ 3 данными числами? <= 43*120

Покажи просто любую a^n+b^n=c^n замени просто на числа.

ammo77 предлагает доказать ВТФ, подставив в уравнение числа ))
А если кто не согласен, то пусть приведет контрпример? ))

Нет, так можно сделать, но тогда придется туда подставить все существующие числа во всех комбинациях, и тогда вопрос, хватит ли времени у ammo77 чтобы проверить все комбинации?

Подсказка 1 -

Чтобы доказать при всех комбинациях, необходимо найти такую закономерность, которая при минимуме действий, покажет отсутствие решений во всей бесконечности.

Цитата
r-aax

Цитата
ammo77

Цитата
alexx223344

Цитата
ammo77

Цитата
alexx223344
Да, только уравнение или логические заключения не должны содержать чисел более указанного.

Жду сумму .

Можете показать такое уравнение и доказать для степ 3 данными числами? <= 43*120

Покажи просто любую a^n+b^n=c^n замени просто на числа.

ammo77 предлагает доказать ВТФ, подставив в уравнение числа ))
А если кто не согласен, то пусть приведет контрпример? ))

Цитата
ammo77

Цитата
alexx223344

Цитата
ammo77

Цитата
alexx223344
Да, только уравнение или логические заключения не должны содержать чисел более указанного.

Жду сумму .

Можете показать такое уравнение и доказать для степ 3 данными числами? <= 43*120

Покажи просто любую a^n+b^n=c^n замени просто на числа.

Цитата
alexx223344

Цитата
ammo77

Цитата
alexx223344
Да, только уравнение или логические заключения не должны содержать чисел более указанного.

Жду сумму .

Можете показать такое уравнение и доказать для степ 3 данными числами? <= 43*120

Цитата
ammo77

Цитата
alexx223344
Да, только уравнение или логические заключения не должны содержать чисел более указанного.

Жду сумму .

Цитата
alexx223344
Да, только уравнение или логические заключения не должны содержать чисел более указанного.

Цитата
ammo77

Цитата
alexx223344
43*120

Ну что слабо доказать этими числами?

Не понял что надо решит для этих чисел.

Цитата
alexx223344
43*120

Ну что слабо доказать этими числами?

Цитата
alexx223344

Цитата
ammo77

Цитата
alexx223344
Третья степень же отличается от второй именно строением рядов, их количеством и кое чем еще интересным.
Скоро ими и займемся. Будет наглядно понятно, почему в кубах нет решений.

Все степени по модулю и так известны --не могут эти
прогрессии сомкнут чтоб доказать великую уставшую теорему ---но для этого надо знать такие прогрессии и манипуляции с ними .

По модулю может и известны, но по правильности построения внутри модуля вряд ли.
Докажите для 3 степени по модулю не превышающему 43*120 например.[/ quote]

Доказать или опровергнуть в арифметике можно; любое уравнение или существование системы ,причина
детерминизм---любой канонический модуль mod(n) носитель точек -чисел нат-ряда ,по разному количеству 1+n и равно делящуюся бесконечность, прямых .
Вся остальная арифметика не только самой математики но и
др.наук ---интеграционные процессы как внутри самого модуля так и между отдельными mod(n) комбинаторики .

Не существуют точки пространства-- вне досягаемости модулярной арифметики а значит ее законам .

https://postimg.cc/SnwVRmd0

https://postimg.cc/jnrG7zhb

ВТФ к примеру ---сумма и отд.число при степени n, или пересекаются при попадании на одну и ту же прямую ,
или же делят эту прямую на отдельные а* 2^n не пересекающиеся бесконечные прямые --

как там при mod2 четные-нечетные ,суммы чисел ст.-число ст..

n=2 пересекаются ,строй порядок можно получит по разным модулям ,то же самое степень выше но показывается не пересечение и причина -- что и есть доказательство .

На самом деле простая абстракция , просто надо показать по понятному для каждого модулю не более -главное есть откуда показать .

Цитата
ammo77

Цитата
alexx223344
Третья степень же отличается от второй именно строением рядов, их количеством и кое чем еще интересным.
Скоро ими и займемся. Будет наглядно понятно, почему в кубах нет решений.

Все степени по модулю и так известны --не могут эти
прогрессии сомкнут чтоб доказать великую уставшую теорему ---но для этого надо знать такие прогрессии и манипуляции с ними .

Цитата
alexx223344
Третья степень же отличается от второй именно строением рядов, их количеством и кое чем еще интересным.
Скоро ими и займемся. Будет наглядно понятно, почему в кубах нет решений.

Цитата
alexx223344
Все квадраты можно представить в виде такого выражения

(1+1+2+2+3+3+......+ H+H)*4 + 1 (для нечетных исходных) (1)
и
(1+1+2+2+3+3+......+ K)*4 (для четных исходных) (2)

Как видим, в последовательности (1) и (2) участвуют все числа натурального ряда идущие подряд начиная с 1 до N.

Цитата
alexx223344
... А вот почему мы умножали тупо на 2 ..

Цитата
alexx223344
Возьмем например 5.

Как же определить какие числа будут в тройке при стартовом числе 5 ?

Рассмотрим {(1+1+2+2)*4 + 1} = 5^2

1+1+2+2 = 6.

Тупо умножаем на 2, 6*2 = 12. Это второе число.