13.06.2022 13:38 Дата регистрации:
3 года назад Посты: 2 352 | Простые не нужны. У вас 1+2=3 но разве есть число в степени равное сумме своих чисел 3? Чтобы были решения должно быть А + B + k = C + k где A, B, C целые числа хоть в каких степенях. Для этого должно быть х*y*...*z*a + k x*y*...*z*b x*y*...*z*(a+b) + k где x, y, z - простые или не простые, не важно
|
13.06.2022 14:26 Дата регистрации:
6 лет назад Посты: 5 095 | -1/12 Цитата
alexx223344
У вас 1+2=3 но разве есть число в степени равное сумме своих чисел 3?
Чтобы были решения должно быть
А + B + k = C + k
где A, B, C целые числа хоть в каких степенях.
Для этого должно быть
х*y*...*z*a + k
x*y*...*z*b
x*y*...*z*(a+b) + k
где x, y, z - простые или не простые, не важно
Все эти буквы надо оформит кольцом числовых соотношении и только тогда увидите нужную для ВТФ красоту . По другому ничего нового вы не показали .
|
13.06.2022 18:02 Дата регистрации:
3 года назад Посты: 2 352 | 1/12 Когда уже показал теперь да, ничего нового
|
13.06.2022 21:04 Дата регистрации:
6 лет назад Посты: 5 095 | -1/12 Цитата
alexx223344
Когда уже показал теперь да, ничего нового
То что ты изучаешь уже великое дело, если найдешь ответы тем лучше . А + B + k = C + k ,степень 7 ,k=6 932065347906990000000 a^7 + 6590361045807000000 a^6 + 19970791047900000 a^5 + 33620860350000 a^4 + 33960465000 a^3 + 20582100 a^2 + 6930 a + 932065347906990000000 b^7 + 13180722091614000000 b^6 + 79883164191600000 b^5 + 268966882800000 b^4 + 543367440000 b^3 + 658627200 b^2 + 443520 b + 135 = 932065347906990000000 c^7 + 98855415687105000000 c^6 + 4493427985777500000 c^5 + 113470403681250000 c^4 + 1719248540625000 c^3 + 15629532187500 c^2 + 78937031250 c + 170859381 Если этого приближения C хватает для доказательства то неплохо ,я все же предлагаю намного простой метод. c≈(0.000736808 + 0.000923928 i) (310688449302330000000 a^7 + 2196787015269000000 a^6 + 6656930349300000 a^5 + 11206953450000 a^4 + 11320155000 a^3 + 6860700 a^2 + 2310 a + 310688449302330000000 b^7 + 4393574030538000000 b^6 + 26627721397200000 b^5 + 89655627600000 b^4 + 181122480000 b^3 + 219542400 b^2 + 147840 b + 43)^(1/7) - 0.0151515 Редактировалось 1 раз(а). Последний 13.06.2022 21:16.
|
14.06.2022 20:20 Дата регистрации:
3 года назад Посты: 2 352 | Все проще Цитата
ammo77
Цитата
alexx223344
Когда уже показал теперь да, ничего нового
То что ты изучаешь уже великое дело, если найдешь ответы тем лучше . А + B + k = C + k ,степень 7 ,k=6 932065347906990000000 a^7 + 6590361045807000000 a^6 + 19970791047900000 a^5 + 33620860350000 a^4 + 33960465000 a^3 + 20582100 a^2 + 6930 a + 932065347906990000000 b^7 + 13180722091614000000 b^6 + 79883164191600000 b^5 + 268966882800000 b^4 + 543367440000 b^3 + 658627200 b^2 + 443520 b + 135 = 932065347906990000000 c^7 + 98855415687105000000 c^6 + 4493427985777500000 c^5 + 113470403681250000 c^4 + 1719248540625000 c^3 + 15629532187500 c^2 + 78937031250 c + 170859381 Если этого приближения C хватает для доказательства то неплохо ,я все же предлагаю намного простой метод. c≈(0.000736808 + 0.000923928 i) (310688449302330000000 a^7 + 2196787015269000000 a^6 + 6656930349300000 a^5 + 11206953450000 a^4 + 11320155000 a^3 + 6860700 a^2 + 2310 a + 310688449302330000000 b^7 + 4393574030538000000 b^6 + 26627721397200000 b^5 + 89655627600000 b^4 + 181122480000 b^3 + 219542400 b^2 + 147840 b + 43)^(1/7) - 0.0151515
Данный метод не понятен А + B + k = C + k ,степень 7 ,k=6 В область определения ВТФ не входит k=6 при степени 7, только k = 1 и только при степени 2 При степени 7 там k вообще нету!
|
15.06.2022 12:23 Дата регистрации:
6 лет назад Посты: 5 095 | -1/12 Вы сами написали k и любые степени ,вот я и проверил в кольце по некому модулю ,k ясно лишнее . Думаю вы пока должный понят мой совет о максимальной степени в модулярной арифметике при их циклах. Чтоб завершит доказательство надо понимать циклы степеней, без них что либо доказать в бесконечном масштабе не возможно. Это одна из причин что не смогли доказать ВТФ да и др. гипотезы. Степени и ее известные формулы не дают такой возможности ,нужны еще добавочные конструкции . Мне повезло я нашел и осмыслил такую конструкцию ,таблицы которых уже здесь показал без самых степеней ,когда покажу вопросов более не будет,так как мгновенно все поймете . Есть же таблица умножения в тетрады их нам печатали ,я строю пол такой таблицы для степени можно даже наизусть его выучит ,вы будете определят любую степень намного быстрее чем специалист с формулами ,конечно таблица имеет свою формулу также. Редактировалось 5 раз(а). Последний 15.06.2022 12:51.
|
15.06.2022 17:39 Дата регистрации:
3 года назад Посты: 2 352 | 1/12 Хорошо, скажу иначе Решения есть только тогда когда в сумме учавствует только прогрессия одного типа, либо ее многократная сумма, например если складывать так _________123456789......... ________123456789......... _______123456789......... ______123456789......... _____123456789......... ____123456789......... ___123456789......... __123456789......... , где единица это например 6 То решения есть Но как только появляется в сумме прогресия другого типа , например простой числовой ряд 123456789, где единица это 1, а не 6, то решений нет Это связано с тем, что для верхней прогрессии имеет место закон третьего числа пифагоровой тройки и третье число всегда находится левее, чем у второй прогресии для тех же значений первых двух чисел. Возникает иррациональность вида (kN! + 1)/kN! у третьего числа. Оно не может быть целым при целых первых двух. (kN! + 1)/kN! , где N! = 6 для 3 степени ( 1*2*3 = 6) Проверьте для любой степени. Редактировалось 1 раз(а). Последний 15.06.2022 17:49.
|
15.06.2022 19:26 Дата регистрации:
6 лет назад Посты: 5 095 | -1/12 Очень красиво k | 1 | (n! + 1)/(n!) 2 | (2 n! + 1)/(2 n!) 3 | (3 n! + 1)/(3 n!) Посмотрите сами на wolframe + N замените на n .
|
21.06.2022 21:38 Дата регистрации:
3 года назад Посты: 2 352 | 2^n Цитата
ammo77
Очень красиво
k |
1 | (n! + 1)/(n!)
2 | (2 n! + 1)/(2 n!)
3 | (3 n! + 1)/(3 n!)
Посмотрите сами на wolframe + N замените на n .
Если для следущих степеней покажу, то ваша двухкомпанентная формула вылезет. Там 2^n как раз и тп. Редактировалось 1 раз(а). Последний 21.06.2022 21:46.
|
22.06.2022 00:32 Дата регистрации:
6 лет назад Посты: 5 095 | -1/12 Цитата
alexx223344
Цитата
ammo77
Очень красиво
k |
1 | (n! + 1)/(n!)
2 | (2 n! + 1)/(2 n!)
3 | (3 n! + 1)/(3 n!)
Посмотрите сами на wolframe + N замените на n .
Если для следущих степеней покажу, то ваша двухкомпанентная формула вылезет. Там 2^n как раз и тп.
В любом случае надо строит кольцо , 2^n строитель пространств модулярных , регулятор значении чисел от функции Эйлера , природа тоже применяет 23*2^1=46 хромосом 23*2*2 телофаза и т.д Все важные формулы арифметики работают в важных механизмах природы . Конструкции охвата степени по модулю особо красивы , конечная цель той же вашей формулы показать идеальную систему степени в табличном первообразе . Идеал последняя инстанция где мгновенно доказываются поведение степени в бесконечности .
|
22.06.2022 20:06 Дата регистрации:
3 года назад Посты: 2 352 | ВТФ феномен прост Вот посмотрите почему для ВТФ не надо далеко ходить, все видно сразу Для нашей грядки(прогрессия шестерок), которую разбирали выше 0-0-0--0--0--0--1--2--3--4---5--6--7--8-- 0-0-0--0--0--1--2--3--4--5---6--7--8-- 0-0-0--0--1--2--3--4--5--6---7--8-- 0-0-0--1--2--3--4--5--6--7---8--9-- 0-0-1--2--3--4--5--6--7--8---9 0-1-2--3--4--5--6--7--8--9--10 1-2-3--4--5--6--7--8--9-10--11- --------------------------------------------- 1-3-6-10-15-21-28--36--45--55--66 Сколько бы она не наматывалась рядами, решения всегда есть, например 6 + 15 = 21 (для представленного количества рядов) решение ?, да решение но во второй прогрессии (единиц) 2-3-4--5---6--7---8---9---10--11 на этих местах находится что? 4 + 6 = 7 , а не 10 а 10 находится всегда правее семи, где она должна была бы быть, чтобы вся сумма обоих прогрессий имела решения. И удивительно простое тут то, что эта прогрессия просто другая!!! относительно верхней грядки. Теперь понятно почему нет решений в ВТФ ?
|
23.06.2022 19:03 Дата регистрации:
6 лет назад Посты: 5 095 | -1/12 У вас там пространство по конструкции mod1 < ход ваших действии не понял .
|
23.06.2022 20:00 Дата регистрации:
3 года назад Посты: 2 352 | 1/12 Что именно не понятно? Разберем
|
25.06.2022 22:03 Дата регистрации:
6 лет назад Посты: 5 095 | -1/12 Цитата
alexx223344
Что именно не понятно? Разберем
Покажите прогрессии до и после сравнения .
|
25.06.2022 22:26 Дата регистрации:
3 года назад Посты: 2 352 | 1/12 Кубы: x^3 = (x^3 - x) + x Это первая часть - (x^3 - x) ---------------------- 1--2-- и тд---------------------------------------- 0-0-0--0--0--0--1--2--3--4---5--6--7--8-- 0-0-0--0--0--1--2--3--4--5---6--7--8-- 0-0-0--0--1--2--3--4--5--6---7--8-- 0-0-0--1--2--3--4--5--6--7---8--9-- 0-0-1--2--3--4--5--6--7--8---9 0-1-2--3--4--5--6--7--8--9--10 1-2-3--4--5--6--7--8--9-10--11- --------------------------------------------- 1-3-6-10-15-21-28--и тд Чтобы были решения надо чтобы сумма N первых членов + M первых членов = K первых членов но каждый последующий прибавляется на 1 относительно предыдущего. В этой сумме есть пиф 3 ? Тройка должна быть образована суммой например 1+3+6+10 = 20 (так как 20*6 + 5 = 125) или 1+3+6+10 + 15 = 35 (так как 35*6 + 6 = 216) и тд Редактировалось 4 раз(а). Последний 25.06.2022 22:51.
|
25.06.2022 22:47 Дата регистрации:
6 лет назад Посты: 5 095 | -1/12 n | n^3 - n 1 | 0 2 | 6 3 | 24 4 | 60 5 | 120 6 | 210 7 | 336 8 | 504 9 | 720 10 | 990 далее? Ваша схема это mod1 интересно если от нее что то можно показать для ВТФ. Редактировалось 1 раз(а). Последний 25.06.2022 22:51.
|
25.06.2022 23:01 Дата регистрации:
3 года назад Посты: 2 352 | 1/12 Сделайте чтобы было не так а сумма N первых членов была
|
25.06.2022 23:02 Дата регистрации:
6 лет назад Посты: 5 095 | -1/12 (35+21)6+7-7^3=0 это поняли далее ? Редактировалось 2 раз(а). Последний 25.06.2022 23:06.
|
25.06.2022 23:15 Дата регистрации:
3 года назад Посты: 2 352 | 1/12 каша масляная - масляная каша = 0 вы ряд напишите для начала из сумм 1 + 3 + .....
|
25.06.2022 23:42 Дата регистрации:
6 лет назад Посты: 5 095 | -1/12 Цитата
alexx223344
каша масляная - масляная каша = 0
вы ряд напишите для начала из сумм 1 + 3 + .....
n | 1/6 (n^3 - n) 1 | 0 2 | 1 3 | 4 4 | 10 5 | 20 6 | 35 7 | 56 8 | 84 9 | 120 10 | 165 n | n^3 1 | 1 2 | 8 3 | 27 4 | 64 5 | 125 6 | 216 7 | 343 8 | 512 9 | 729 10 | 1000 Редактировалось 1 раз(а). Последний 25.06.2022 23:49.
|
