Феномен ВТФ

Автор темы victorsorokine 
ОбъявленияПоследний пост
ОбъявлениеОткрыта свободная публикация вакансий для математиков26.09.2019 16:34
ОбъявлениеАктуарий в PPF Life Insurance (Junior)25.03.2021 21:35
ОбъявлениеГранты для студентов и аспирантов мехмата и физфака МГУ на обучение в магистратуре Кембриджа 2023/202428.11.2022 13:56
13.06.2022 13:38
Простые не нужны.
У вас 1+2=3 но разве есть число в степени равное сумме своих чисел 3?

Чтобы были решения должно быть

А + B + k = C + k

где A, B, C целые числа хоть в каких степенях.

Для этого должно быть

х*y*...*z*a + k
x*y*...*z*b
x*y*...*z*(a+b) + k

где x, y, z - простые или не простые, не важно
13.06.2022 14:26
-1/12
Цитата
alexx223344
У вас 1+2=3 но разве есть число в степени равное сумме своих чисел 3?

Чтобы были решения должно быть

А + B + k = C + k

где A, B, C целые числа хоть в каких степенях.

Для этого должно быть

х*y*...*z*a + k
x*y*...*z*b
x*y*...*z*(a+b) + k

где x, y, z - простые или не простые, не важно

Все эти буквы надо оформит кольцом числовых соотношении и только
тогда увидите нужную для ВТФ красоту .

По другому ничего нового вы не показали .
13.06.2022 18:02
1/12
Когда уже показал теперь да, ничего нового
13.06.2022 21:04
-1/12
Цитата
alexx223344
Когда уже показал теперь да, ничего нового

То что ты изучаешь уже великое дело, если найдешь ответы тем лучше .

А + B + k = C + k ,степень 7 ,k=6


932065347906990000000 a^7 + 6590361045807000000 a^6 + 19970791047900000 a^5 + 33620860350000 a^4 + 33960465000 a^3 + 20582100 a^2 + 6930 a + 932065347906990000000 b^7 + 13180722091614000000 b^6 + 79883164191600000 b^5 + 268966882800000 b^4 + 543367440000 b^3 + 658627200 b^2 + 443520 b + 135 = 932065347906990000000 c^7 + 98855415687105000000 c^6 + 4493427985777500000 c^5 + 113470403681250000 c^4 + 1719248540625000 c^3 + 15629532187500 c^2 + 78937031250 c + 170859381

Если этого приближения C хватает для доказательства то неплохо ,я все же
предлагаю намного простой метод.

c≈(0.000736808 + 0.000923928 i) (310688449302330000000 a^7 + 2196787015269000000 a^6 + 6656930349300000 a^5 + 11206953450000 a^4 + 11320155000 a^3 + 6860700 a^2 + 2310 a + 310688449302330000000 b^7 + 4393574030538000000 b^6 + 26627721397200000 b^5 + 89655627600000 b^4 + 181122480000 b^3 + 219542400 b^2 + 147840 b + 43)^(1/7) - 0.0151515



Редактировалось 1 раз(а). Последний 13.06.2022 21:16.
14.06.2022 20:20
Все проще
Цитата
ammo77
Цитата
alexx223344
Когда уже показал теперь да, ничего нового

То что ты изучаешь уже великое дело, если найдешь ответы тем лучше .

А + B + k = C + k ,степень 7 ,k=6


932065347906990000000 a^7 + 6590361045807000000 a^6 + 19970791047900000 a^5 + 33620860350000 a^4 + 33960465000 a^3 + 20582100 a^2 + 6930 a + 932065347906990000000 b^7 + 13180722091614000000 b^6 + 79883164191600000 b^5 + 268966882800000 b^4 + 543367440000 b^3 + 658627200 b^2 + 443520 b + 135 = 932065347906990000000 c^7 + 98855415687105000000 c^6 + 4493427985777500000 c^5 + 113470403681250000 c^4 + 1719248540625000 c^3 + 15629532187500 c^2 + 78937031250 c + 170859381

Если этого приближения C хватает для доказательства то неплохо ,я все же
предлагаю намного простой метод.

c≈(0.000736808 + 0.000923928 i) (310688449302330000000 a^7 + 2196787015269000000 a^6 + 6656930349300000 a^5 + 11206953450000 a^4 + 11320155000 a^3 + 6860700 a^2 + 2310 a + 310688449302330000000 b^7 + 4393574030538000000 b^6 + 26627721397200000 b^5 + 89655627600000 b^4 + 181122480000 b^3 + 219542400 b^2 + 147840 b + 43)^(1/7) - 0.0151515


Данный метод не понятен

А + B + k = C + k ,степень 7 ,k=6

В область определения ВТФ не входит k=6 при степени 7, только k = 1 и только при степени 2

При степени 7 там k вообще нету!
15.06.2022 12:23
-1/12
Вы сами написали k и любые степени ,вот я и проверил в кольце по некому модулю ,k ясно лишнее .

Думаю вы пока должный понят мой совет о максимальной степени в модулярной
арифметике при их циклах.

Чтоб завершит доказательство надо понимать циклы степеней, без них
что либо доказать в бесконечном масштабе не возможно.

Это одна из причин что не смогли доказать ВТФ да и др. гипотезы.

Степени и ее известные формулы не дают такой возможности ,нужны еще
добавочные конструкции .

Мне повезло я нашел и осмыслил такую конструкцию ,таблицы которых уже здесь показал без самых степеней ,когда покажу вопросов более не будет,так как мгновенно все поймете .

Есть же таблица умножения в тетрады их нам печатали ,я строю пол такой
таблицы для степени можно даже наизусть его выучит ,вы будете определят любую степень намного быстрее чем специалист с формулами ,конечно таблица имеет свою формулу также.



Редактировалось 5 раз(а). Последний 15.06.2022 12:51.
15.06.2022 17:39
1/12
Хорошо, скажу иначе

Решения есть только тогда когда в сумме учавствует только прогрессия одного типа, либо ее многократная сумма, например если складывать так

_________123456789.........
________123456789.........
_______123456789.........
______123456789.........
_____123456789.........
____123456789.........
___123456789.........
__123456789.........

, где единица это например 6

То решения есть

Но как только появляется в сумме прогресия другого типа , например простой числовой ряд

123456789, где единица это 1, а не 6, то решений нет


Это связано с тем, что для верхней прогрессии имеет место закон третьего числа пифагоровой тройки
и третье число всегда находится левее, чем у второй прогресии для тех же значений первых двух чисел.

Возникает иррациональность вида (kN! + 1)/kN! у третьего числа. Оно не может быть целым при целых первых двух.

(kN! + 1)/kN! , где N! = 6 для 3 степени ( 1*2*3 = 6)

Проверьте для любой степени.



Редактировалось 1 раз(а). Последний 15.06.2022 17:49.
15.06.2022 19:26
-1/12
Очень красиво
k |
1 | (n! + 1)/(n!)
2 | (2 n! + 1)/(2 n!)
3 | (3 n! + 1)/(3 n!)

Посмотрите сами на wolframe + N замените на n .
21.06.2022 21:38
2^n
Цитата
ammo77
Очень красиво
k |
1 | (n! + 1)/(n!)
2 | (2 n! + 1)/(2 n!)
3 | (3 n! + 1)/(3 n!)

Посмотрите сами на wolframe + N замените на n .

Если для следущих степеней покажу, то ваша двухкомпанентная формула вылезет. Там 2^n как раз и тп.



Редактировалось 1 раз(а). Последний 21.06.2022 21:46.
22.06.2022 00:32
-1/12
Цитата
alexx223344
Цитата
ammo77
Очень красиво
k |
1 | (n! + 1)/(n!)
2 | (2 n! + 1)/(2 n!)
3 | (3 n! + 1)/(3 n!)

Посмотрите сами на wolframe + N замените на n .

Если для следущих степеней покажу, то ваша двухкомпанентная формула вылезет. Там 2^n как раз и тп.

В любом случае надо строит кольцо ,
2^n строитель пространств модулярных , регулятор значении чисел от функции Эйлера , природа тоже применяет 23*2^1=46 хромосом 23*2*2 телофаза и т.д

Все важные формулы арифметики работают в важных механизмах природы .

Конструкции охвата степени по модулю особо красивы ,
конечная цель той же вашей формулы показать идеальную
систему степени в табличном первообразе .

Идеал последняя инстанция где мгновенно доказываются поведение степени в бесконечности .
22.06.2022 20:06
ВТФ феномен прост
Вот посмотрите почему для ВТФ не надо далеко ходить, все видно сразу

Для нашей грядки(прогрессия шестерок), которую разбирали выше

0-0-0--0--0--0--1--2--3--4---5--6--7--8--
0-0-0--0--0--1--2--3--4--5---6--7--8--
0-0-0--0--1--2--3--4--5--6---7--8--
0-0-0--1--2--3--4--5--6--7---8--9--
0-0-1--2--3--4--5--6--7--8---9
0-1-2--3--4--5--6--7--8--9--10
1-2-3--4--5--6--7--8--9-10--11-
---------------------------------------------
1-3-6-10-15-21-28--36--45--55--66

Сколько бы она не наматывалась рядами, решения всегда есть, например 6 + 15 = 21 (для представленного количества рядов)
решение ?, да решение

но во второй прогрессии (единиц)
2-3-4--5---6--7---8---9---10--11

на этих местах находится что? 4 + 6 = 7 , а не 10

а 10 находится всегда правее семи, где она должна была бы быть, чтобы вся сумма обоих прогрессий имела решения.

И удивительно простое тут то, что эта прогрессия просто другая!!! относительно верхней грядки.
Теперь понятно почему нет решений в ВТФ ?
23.06.2022 19:03
-1/12
У вас там пространство по конструкции mod1 <
ход ваших действии не понял .
23.06.2022 20:00
1/12
Что именно не понятно? Разберем
25.06.2022 22:03
-1/12
Цитата
alexx223344
Что именно не понятно? Разберем

Покажите прогрессии до и после сравнения .
25.06.2022 22:26
1/12
Кубы: x^3 = (x^3 - x) + x


Это первая часть - (x^3 - x)

---------------------- 1--2-- и тд----------------------------------------
0-0-0--0--0--0--1--2--3--4---5--6--7--8--
0-0-0--0--0--1--2--3--4--5---6--7--8--
0-0-0--0--1--2--3--4--5--6---7--8--
0-0-0--1--2--3--4--5--6--7---8--9--
0-0-1--2--3--4--5--6--7--8---9
0-1-2--3--4--5--6--7--8--9--10
1-2-3--4--5--6--7--8--9-10--11-
---------------------------------------------
1-3-6-10-15-21-28--и тд


Чтобы были решения надо чтобы сумма N первых членов + M первых членов = K первых членов
но каждый последующий прибавляется на 1 относительно предыдущего.

В этой сумме есть пиф 3 ?

Тройка должна быть образована суммой например

1+3+6+10 = 20 (так как 20*6 + 5 = 125)

или

1+3+6+10 + 15 = 35 (так как 35*6 + 6 = 216)

и тд



Редактировалось 4 раз(а). Последний 25.06.2022 22:51.
25.06.2022 22:47
-1/12
n | n^3 - n
1 | 0
2 | 6
3 | 24
4 | 60
5 | 120
6 | 210
7 | 336
8 | 504
9 | 720
10 | 990
далее?

Ваша схема это mod1 интересно если от нее что то можно показать для ВТФ.



Редактировалось 1 раз(а). Последний 25.06.2022 22:51.
25.06.2022 23:01
1/12
Сделайте чтобы было не так а сумма N первых членов была
25.06.2022 23:02
-1/12
(35+21)6+7-7^3=0
это поняли далее ?



Редактировалось 2 раз(а). Последний 25.06.2022 23:06.
25.06.2022 23:15
1/12
каша масляная - масляная каша = 0

вы ряд напишите для начала из сумм 1 + 3 + .....
25.06.2022 23:42
-1/12
Цитата
alexx223344
каша масляная - масляная каша = 0

вы ряд напишите для начала из сумм 1 + 3 + .....

n | 1/6 (n^3 - n)
1 | 0
2 | 1
3 | 4
4 | 10
5 | 20
6 | 35
7 | 56
8 | 84
9 | 120
10 | 165

n | n^3
1 | 1
2 | 8
3 | 27
4 | 64
5 | 125
6 | 216
7 | 343
8 | 512
9 | 729
10 | 1000



Редактировалось 1 раз(а). Последний 25.06.2022 23:49.
Извините, только зарегистрированные пользователи могут публиковать сообщения в этом форуме.

Кликните здесь, чтобы войти