Феномен ВТФ

Автор темы victorsorokine 
ОбъявленияПоследний пост
ОбъявлениеПравила и принципы форума «Высшая математика»28.10.2009 15:17
ОбъявлениеОткрыта свободная публикация вакансий для математиков26.09.2019 16:34
ОбъявлениеКниги по математике и экономике в добрые руки!10.08.2023 09:45
Форумы Список тем Новая тема
31.12.2024 01:20
victorsorokine
gs-m
Вот только почему-то все отличники с дипломом не пяризнаЮт равенство 10х10=100... Знания мешают?
Ответить Цитировать
31.12.2024 03:26
s15
ИИ
Виктор Сорокин! Вам бы прогнать своё доказательство через ИИ. Может он что-то подскажет?
Ответить Цитировать
01.01.2025 19:47
gs-m
двоешники
Цитата
victorsorokine
Цитата
gs-m
да,чтобы бездельники двоешники по три раза поступали отличников срезали на вступительных. всё с вами ясно диссиденты фальшивые. :)
уж не по плану гб вас устроили диссидентом?
Вот только почем-то все крупные открытия делают двоешники и враги народа.
двоешники ещё не сделали ни одного открытия,включая вашего энштейна который полностью спёр сто у Пуанкаре, а ОТО-это полная бредятина.
а "врагов народа" во франции не высылали,им давали подписать просьбу на эммиграцию и потом сажали.
высылали шпионов кгб. :)
Ответить Цитировать
03.01.2025 20:31
ammo77
-1/12
Цитата
s15
Виктор Сорокин! Вам бы прогнать своё доказательство через ИИ. Может он что-то подскажет?
ИИ тупее математиков,как может доказать ИИ бесконечность простых, в отличных от ар. прогрессии
последовательностях? для математиков это утопия.

https://postimg.cc/F1YTLpjB
Ответить Цитировать
03.01.2025 23:38
s15
ВС и ИИ
Виктору Соколову с ИИ терять нечего. Пусть попробует. Если есть ошибки в доказательстве, ИИ должен заметить и подсказать. Широта знаний у ИИ впечатляет.
Ответить Цитировать
04.01.2025 23:17
ammo77
-1/12
Цитата
s15
Виктору Соколову с ИИ терять нечего. Пусть попробует. Если есть ошибки в доказательстве, ИИ должен заметить и подсказать. Широта знаний у ИИ впечатляет.

Как можно доказать что либо> без его представления?

https://postimg.cc/8jWMTzdH

ВТФ доказал простым модулем 990,даже не нужны все виды чисел,хватает
процесс одного вида.
Все другие методы не истины.

https://postimg.cc/dkZtGnBK

И все же самое уникальное это док.беск. простых С Жермен и простых чисел близнецов,
одной серией---математики одну пока доказать не могут .

Еще более уникально что ;все гипотезы доказал модулем 990.
Так что кто хочет истину ,изучайте модуль 990---даже после подсказки уверен не осилите.



Редактировалось 6 раз(а). Последний 10.01.2025 02:05.
Ответить Цитировать
10.01.2025 19:57
victorsorokine
то s15
Цитата
s15
Виктор Сорокин! Вам бы прогнать своё доказательство через ИИ. Может он что-то подскажет?
Да вот: 10х10=100.!!!
Можете проверить!
Прогоняется в Первом классе начальной школы. Бином Ньютона не доказываю! Принимаю на веру...
Ответить Цитировать
18.01.2025 00:03
victorsorokine
Лемма Сорокина
И даже после объяснения на пальцах ни до кого не доходит, что вторая цифра в x^n НЕ зависит от второй цифры в x!!

Хрен с ней - пусть это будет лемма Сорокина. Хотя это очевидное следствие из бинома Ньютона и цифровой записи числа.
Например, в десятичной системе число 374 можно записать как 37*10+4. В n-ичной системе как 37*n+4. А теперь возведём это число в степень n по Ньютону. Последний член будет 4^n, а ПРЕДПОСЛЕДНИЙ - n*37*n*4^(n-1), где n*n будет 10*10 ) - число с двумя нулями!!! И потому двузначное окончание бинома будет равно двузначному окончанию числа 4^n - независимо от второй цифры!!! Т.е. от 7.
Ответить Цитировать
18.01.2025 02:04
s15
проверка
(xn+1)^n=1+an*n+bn^2+...+n^n=1+n^2*(...)
По основанию n это будет ...01. Верно!
При чём тут, что n - простое?

Нашёл Ваше доказательство.
Смущает A+B=c^n, R=r^n. C-B=a^n, P=p^n, C-A=b^n, Q=q^n
Явно a,b,c,p,q,r - не целые, а у вас используются как целые.



Редактировалось 1 раз(а). Последний 23.01.2025 01:44.
Ответить Цитировать
22.01.2025 00:42
victorsorokine
s15
Цитата
s15
(xn+1)^n=1+an*n+bn^2+...+n^n=1+n^2*(...)
По основанию n это будет ...01. Верно!
При чём тут, что n - простое?

Нашёл Ваше доказательство.
Смущает A+B=c^n, R=r^n. C-B=a^n, P=p^n, C-A=b^n, Q=q^n
Явно a,b,c,p,q,r - не целые, а у вас используются как целые.

Так что обратитесь во французский суд. Скажите, что нашли ошибку в доказательствах. Пусть снимут ограничения. Признают здоровым. И Вы готовы искупить свою вину, защищая интересы Франции.
Дядя, не на того нарвались!
Если (A+B)R =C^n и числа (A+B) и R взаимно простые, то (A+B)=c^n и R=r^n! Учите мат часть!
Ответить Цитировать
22.01.2025 02:38
s15
тёте
Цитата
victorsorokine
Цитата
s15
Нашёл Ваше доказательство.
Смущает A+B=c^n, R=r^n. C-B=a^n, P=p^n, C-A=b^n, Q=q^n
Явно a,b,c,p,q,r - не целые, а у вас используются как целые.

Так что обратитесь во французский суд. Скажите, что нашли ошибку в доказательствах. Пусть снимут ограничения. Признают здоровым. И Вы готовы искупить свою вину, защищая интересы Франции.
Дядя, не на того нарвались!
Если (A+B)R =C^n и числа (A+B) и R взаимно простые, то (A+B)=c^n и R=r^n! Учите мат часть!
Проверяем!
3^2+4^2=5^2. Значит (3+4)R=25. 7=c^2.
Туфта полная! Тётя!



Редактировалось 1 раз(а). Последний 23.01.2025 01:45.
Ответить Цитировать
22.01.2025 07:00
gs-m
ужин
Цитата
s15

Проверяем!
3^2+4^2=5^2. Значит (3+4)R=25. 7=c^2.
Туфта полная! Тётя! Не зря вас держат в дурдоме.

не спорь с victors он в втф собаку съел, а Вы -нет. :)



Редактировалось 1 раз(а). Последний 22.01.2025 07:03.
Ответить Цитировать
22.01.2025 07:20
victorsorokine
s15
Цитата
s15
Цитата
victorsorokine
Цитата
s15
Нашёл Ваше доказательство.
Смущает A+B=c^n, R=r^n. C-B=a^n, P=p^n, C-A=b^n, Q=q^n
Явно a,b,c,p,q,r - не целые, а у вас используются как целые.

Так что обратитесь во французский суд. Скажите, что нашли ошибку в доказательствах. Пусть снимут ограничения. Признают здоровым. И Вы готовы искупить свою вину, защищая интересы Франции.
Дядя, не на того нарвались!
Если (A+B)R =C^n и числа (A+B) и R взаимно простые, то (A+B)=c^n и R=r^n! Учите мат часть!
Проверяем!
3^2+4^2=5^2. Значит (3+4)R=25. 7=c^2.
Туфта полная! Тётя! Не зря вас держат в дурдоме.

Умник, прочите условие теоремы Ферма!
Ответить Цитировать
22.01.2025 08:29
s15
обратите внимание на это
Ваши рассуждения и для 2-й степени подходят. Пока у вас не доказано, что нельзя применять для второй степени. Потому проверка вполне годится.



Редактировалось 1 раз(а). Последний 23.01.2025 01:44.
Ответить Цитировать
23.01.2025 07:54
victorsorokine
s15
Цитата
s15
Ваши рассуждения и для 2-й степени подходят. Пока у вас не доказано, что нельзя применять для второй степени. Потому проверка вполне годится.
A^n+B^n
НЕ подходят! - Сумма A^2+B^2 НЕ разлагается на сомножители.
Ответить Цитировать
23.01.2025 08:24
s15
так любой чётной степени не разлагаются
Так любой чётной степени не разлагаются. И 4-й, и 6-й и т.д. не разлагаются.
Ответить Цитировать
23.01.2025 17:12
greg71
Феномен ВТФ
Никакого феномена нет, моя статья сейчас на вполне себе успешной рецензии в Nature Physics,
после этой рецензии от R1 Китайских товарищей
https://i.postimg.cc/28bkB57X/Resume-Proof.png

Само доказательство тут, по этой ссылке
https://dzen.ru/a/X9OHA2Ty3xiX2ZmY



Редактировалось 1 раз(а). Последний 23.01.2025 17:14.
Ответить Цитировать
23.01.2025 21:16
ammo77
-1/12
Цитата
s15
Так любой чётной степени не разлагаются. И 4-й, и 6-й и т.д. не разлагаются.
Смотря как разложит.
Ответить Цитировать
24.01.2025 05:57
s15
990
Цитата
ammo77
Цитата
s15
Так любой чётной степени не разлагаются. И 4-й, и 6-й и т.д. не разлагаются.
Смотря как разложит.
Аммо77! Почитайте сначала доказательство автора. Автор утверждает, что в ВТФ A^n+B^n=(A+B)R. При этом то, что n>2 у не го не доказано.

Да что я вам тут расписываю? Возьмите и почитайте, а потом будете сводить к своим 990. Бгг.
Ответить Цитировать
24.01.2025 09:17
r-aax
.
s15, доказательство требуется привести для простых n > 2, так что четные n действительно можно не рассматривать.
Ответить Цитировать
Страницы: 1…6162636465666768697071
« Следующая тема   Предыдущая тема »
Извините, только зарегистрированные пользователи могут публиковать сообщения в этом форуме.

Кликните здесь, чтобы войти